第5章——交变电流(2)变压器和电能的输送

导读:理想变压器副线圈M、N两端输出电压不变,流过R的电流增大,B正确.副线圈输出电流增大,原线圈输入电流I1也增大,流过灯泡L1的电流减小,T1原线圈的电流为I1==A=1×10A,输电线上允许损耗的功率为输送功率的6%,(3)所用升压理想变压器和降压理想变压器的原副线圈的匝数比.12【解析】(1)输,又升压变压器n1∶n2=I2∶I1=I线∶I1解得n1∶n2=1∶50,降压变压器的输入功率P3

第5章——交变电流(2)变压器和电能的输送

用户得到的电功率为P用=P-P′=P(1-Pρl). U2S8【答案】 BCD【解析】 由于输入电压不变,所以当S接通时,理想变压器副线圈M、N两端输出电压不变,A错误.并联灯泡L2,总电阻变小,由欧姆定律知,流过R的电流增大,电阻上的电压UR=IR增大,B正确.副线圈输出电流增大,根据输入功率等于输出功率I1U1=I2U2得,I2增大,原线圈输入电流I1也增大,D正确.UMN不变,UR变大,所以UL1变小,流过灯泡L1的电流减小,C正确. 9【答案】 ABD【解析】 远距离输电的模型如图所示.

P14 000×10332

T1原线圈的电流为I1== A=1×10 A,输电线上损失的功率为P损=I2RU14 000

=10%P1,所以I2= 数比==

10%P1

= R4 000×10×0.1

A=20 A,选项A正确;T1的匝31×10

3

n1I22015

;T1上副线圈的电压为U2=50U1=2×10 V,T2原线圈的电压为3=

n2I11050

U3=U2-I2R=2×105 V-20×103 V=1.8×105 V,选项B正确;T2上原、副线圈的变

n3U31.8×1059×10390%P1

压比为===,选项C错误;能正常发光的灯泡的盏数为:N=

n4U42201160

=6×10,选项D正确.

3

12.一座小型水电站,利用流量Q=2 m/s、落差h=5 m的河水发电,若发电机的效率为50%,输出电压为U1=200 V,已知发电站到用户架设的输电线总电阻为R线=120

2

Ω,输电线上允许损耗的功率为输送功率的6%,用户所需电压为220 V.g取10 m/s.求:

(1)画出输电的示意图;

(2)求发电机的发电功率P1;

(3)所用升压理想变压器和降压理想变压器的原副线圈的匝数比. 12【解析】 (1)输电的示意图

4

(2)发电机的发电功率P1=50%mgh/t,又m/t=Qρ

4

联立解得P1=5×10 W

2

(3)输电线上功率损失P损=I线R线

6

而P3

损=P1×6%=3×10 W,联立解得I线=5 A 由P1=I1U1,解得I1=250 A

又升压变压器n1∶n2=I2∶I1=I线∶I1 解得n1∶n2=1∶50

降压变压器的输入功率P3=P1-P损 P3=I线U3

联立解得U3=9 400 V 又用户得到电压U4=220 V

故降压变压器n3∶n4=U3∶U4=470∶11

【答案】 (1)见解析 (2)5×104

W (3)1∶50 470

7

∶11

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